第一章概述

1.1 单选题

以下哪项不属于计算机网络向用户提供的资源共享。

A. 信息共享
B. 软件共享
C. 硬件共享
D. 线路共享

答案：D

解析： 计算机网络的三大主要资源共享功能是：硬件共享、软件共享和数据（信息）共享。虽然网络通信利用了“线路共享”或“信道复用”技术来传输数据，但这是通信的底层手段，而不是网络直接面向最终用户提供的“资源服务”类型。用户上网的目的是为了获取文件（信息）、使用云端应用（软件）或打印机/服务器（硬件），而不是为了“共享一根电线”。

1.2 单选题

以下说法，哪个是不正确的。

A. 因特网是单个计算机网络
B. 因特网是一个互连网络
C. 因特网的英文是 Internet
D. 因特网的前身是美国的 ARPANET

答案：A

解析：

A 错误：因特网（Internet）不是“单个”物理网络，而是由许多网络通过路由器互连而成的“网络的网络”。

B 正确：Internet 的定义就是互连网。

C、D 均为客观事实。

1.3 填空题

网络中的时延由 [填空1] 时延、[填空2] 时延、[填空3] 时延和 [填空4] 时延四部分组成。

答案：发送（传输）；传播；处理；排队（顺序可互换）

解析： 分组在网络中传输时，总时延 = 发送时延（Transmission Delay）+ 传播时延（Propagation Delay）+ 处理时延（Processing Delay）+ 排队时延（Queuing Delay）。

发送时延：主机或路由器发送数据帧所需要的时间（数据长度 / 发送速率）。

传播时延：电磁波在信道中传播一定的距离需要的时间（信道长度 / 电磁波在信道上的传播速率）。

处理时延：主机或路由器在收到分组时要花费一定的时间进行处理。

排队时延：分组在路由器输入输出队列中排队等待处理所经历的时延。

1.4 填空题

为进行网络中数据交换而建立的规则、标准或约定称为 [填空1]。

答案：网络协议（或协议）

解析： 这是计算机网络中最基础的定义之一。协议的三要素是：语法、语义和同步（时序）。

1.5 单选题

下述网络不属于按照作用范围进行分类的是？

A. 个人区域网
B. 公用网
C. 城域网
D. 广域网

答案：B

解析： 计算机网络按作用范围（地理覆盖范围）分类主要有：

PAN (Personal Area Network)：个人区域网。

LAN (Local Area Network)：局域网。

MAN (Metropolitan Area Network)：城域网。

WAN (Wide Area Network)：广域网。

选项 B. 公用网 (Public Network) 是按照使用者进行分类的（对应的另一类是专用网），不属于按地理范围分类。

1.6 多选题

网络协议的三个组成要素是什么？

A. 语法
B. 语义
C. 事件
D. 同步

答案：A, B, D

解析： 网络协议是为了进行网络中的数据交换而建立的规则、标准或约定。其三大要素为：

语法 (Syntax)：数据与控制信息的结构或格式（怎么写）。

语义 (Semantics)：需要发出何种控制信息，完成何种动作以及做出何种响应（做什么）。

同步 (Synchronization)：即时序，事件实现顺序的详细说明（何时做）。

选项 C “事件” 不是协议的三要素之一。

1.7 单选题

在下图所示的采用“存储-转发”方式分组的交换网络中，所有链路的数据传输速度为 100Mbps，分组大小为 1000B，其中分组头大小 20B，若主机 H1 向主机 H2 发送一个大小为 980000B 的文件，则在不考虑分组拆装时间和传播延迟的情况下，从 H1 发送到 H2 接收完为止，需要的时间至少是

A. 80ms
B. 80.08ms
C. 80.16ms
D. 80.24ms

答案：B

解析： 这是一道典型的分组交换时延计算题（流水线传输）。

参数提取：

文件大小 $L = 980000 \text{ B}$

分组全长 $P = 1000 \text{ B}$

分组头 $H = 20 \text{ B}$

数据载荷长度 $Data = P - H = 1000 - 20 = 980 \text{ B}$

链路带宽 $R = 100 \text{ Mbps} = 100 \times 10^6 \text{ bps}$

链路跳数 $k = 2$ （H1->路由器，路由器->H2，共2跳）

计算分组数量 ( $N$ )： $N = \lceil L / Data \rceil = \lceil 980000 / 980 \rceil = 1000 \text{ 个}$

计算单个分组的发送时延 ( $t_{trans}$ )： $t_{trans} = P / R = (1000 \times 8) / (100 \times 10^6) = 80 \times 10^{-6} \text{ s} = 0.08 \text{ ms}$

计算总时间 ( $T$ )：在存储转发的分组交换中，源主机连续发送 $N$ 个分组，当第 $N$ 个分组刚离开源主机时，耗时 $N \times t_{trans}$ 。此时第 $N$ 个分组还需要经过 $k-1$ 个路由器的转发才能到达目的地。公式： $T = N \times t_{trans} + (k-1) \times t_{trans} = (N + k - 1) \times t_{trans}$ $T = (1000 + 2 - 1) \times 0.08 \text{ ms} = 1001 \times 0.08 \text{ ms} = 80.08 \text{ ms}$

第二章物理层

2.1 填空题

物理层的主要任务描述为确定与传输媒体的接口有关的一些特性，即机械特性、[填空1] 特性、[填空2] 特性、和过程特性。

答案：电气；功能（顺序可互换）

解析： 物理层的四大特性是计算机网络基础知识中的高频考点：

机械特性：指明接口所用接线器的形状和尺寸、引脚数目和排列、固定和锁定装置等。

电气特性：指明在接口电缆的各条线上出现的电压的范围。

功能特性：指明某条线上出现的某一电平的电压的意义。

过程特性（也称规程特性）：指明对于不同功能的各种可能事件的出现顺序。

2.2 填空题

传输媒体可分为两大类，即导引型传输媒体和 [填空1] 传输媒体。

答案：非导引型

解析：

导引型传输媒体（Guided Media）：电磁波被导引沿着固体媒体（铜线或光纤）传播，如双绞线、同轴电缆、光纤。

非导引型传输媒体（Unguided Media）：电磁波在自由空间中传播，通常指无线传输（如无线电波、微波、红外线）。

2.3 单选题

在物理层接口特性中，什么特性用于指明某条线上出现的某一电平的电压的意义。

A. 机械特性
B. 功能特性
C. 过程特性
D. 电气特性

答案：B

解析：

电气特性：规定电压的范围（例如：-5V 到 +5V）。

功能特性：规定电压的意义（例如：高电平代表 1，还是低电平代表 1；或者某根线高电平表示“准备就绪”）。题目问的是“电压的意义”，因此是功能特性。

2.4 单选题

通信的双方都可以发送信息，但不能同时发送的通信方式称为

A. 单向通信
B. 双向通信
C. 双向交替通信
D. 双向同时通信

答案：C

解析：

单向通信（单工）：只能有一个方向的通信（如无线电广播）。

双向交替通信（半双工）：双方都能发送，但不能同时发送，必须轮流进行（如对讲机）。（题目描述符合此项）

双向同时通信（全双工）：双方可以同时发送和接收（如电话）。

2.5 单选题

在以下传输媒体中，带宽最宽，抗干扰能力最强的是

A. 同轴电缆
B. 双绞线
C. 光纤
D. 微波无线信道

答案：C

解析：

同轴电缆 (Coaxial cable)：抗干扰性较好，但带宽和传输距离不如光纤。

双绞线 (Twisted pair)：成本低，但抗干扰能力和带宽相对较低。

光纤 (Fiber optic)：利用光脉冲传输信号，带宽极宽（可达Tbps级别），且光信号不受电磁干扰（EMI）影响，因此抗干扰能力最强。

微波无线信道：易受气候和环境影响，且带宽受频谱资源限制。

2.6 多选题

通信系统的一般模型中，以下哪些部分是可有可无的？

A. 信源
B. 发送器
C. 信道
D. 接收器
E. 信宿

答案：B, D

解析： 这是一个基于通信原理模型的考题。

必不可少的部分：信源（信息的产生者）、信宿（信息的接收者）和信道（传输媒介）。没有这三者，通信无法建立。

“可有可无”的解释：发送器（如调制器）和接收器（如解调器）的作用是进行信号的转换（如数字转模拟、基带转频带）。在某些简单的基带传输系统中（例如短距离直接电缆连接），如果信源发出的信号可以直接在信道上传输，则不需要复杂的调制/解调发送器和接收器环节。因此在一般模型的广义对比中，B和D被视为在特定条件下可以省略（或者说合并入信源/信宿内部）的部分。

注：这道题在不同的教材体系中可能有不同解读，但在考查“基带传输”与“频带传输”区别的语境下，通常选 B、D。

2.7 单选题

在无噪声情况下，若某通信链路的带宽为 3kHz，采用 4 个相位，每个相位具有 4 种振幅的 QAM 调制技术，则该通信链路的最大数据传输速率是（）

A. 12 kbps
B. 24 kbps
C. 48 kbps
D. 96 kbps

答案：B

解析： 使用奈奎斯特（Nyquist）定理（无噪声环境）：公式： $C = 2W \log_2 V$

带宽 $W = 3 \text{ kHz}$

信号状态数 $V$ ：4 个相位 $\times$ 4 种振幅 = 16 种状态。

每个码元携带的比特数 $= \log_2 V = \log_2 16 = 4 \text{ bit}$ 。

最大速率 $C = 2 \times 3000 \times 4 = 24000 \text{ bps} = 24 \text{ kbps}$ 。

2.8 单选题

所有用户在不同时间占用相同的频带宽度的信道复用是（）

A. SDM
B. FDM
C. TDM
D. CDM

答案：C

解析：

TDM (Time Division Multiplexing，时分复用)：将时间划分为一段段等长的时分复用帧（TDM帧），每个用户在每个TDM帧中占用固定序号的时隙。其特点正是**“不同时间，相同频率”**。

FDM (频分复用)：相同时间，不同频率。

CDM (码分复用)：相同时间，相同频率，使用不同码型。

SDM (空分复用)：利用空间分割。

2.9 多选题

以下关于数字传输系统 SDH 标准的说法，哪些是正确的

A. 使不同的数字传输体制在 STM-1 等级上获得了统一。
B. 同步网络的各级时钟都来自一个主时钟。
C. SDH 的基本速率为 155.520Mb/s。
D. SDH 不适合于微波和卫星传输的技术体制。

答案：A, B, C

解析：

A 正确：SDH（同步数字体系）解决了过去 PDH（准同步数字体系）标准不统一的问题，在 STM-1（第1级同步传递模块）等级上实现了统一。

B 正确：SDH 的核心特点是“同步”，网络中所有时钟都同步于一个高精度的其准主时钟。

C 正确：STM-1 的速率确实是 $155.520 \text{ Mb/s}$ 。

D 错误：虽然 SDH 最初是为光纤传输设计的，但它也可以通过微波链路进行传输（SDH 微波）。说它“不适合”过于绝对，且 SDH 协议本身支持多种物理介质映射。在标准教材中，SDH 的特点通常包括兼容性好、速率统一、强大的网络管理功能等，而不包含“不适合微波”这一负面描述。

2.10 单选题

近年来有多种宽带技术开始进入家庭，其中家庭通过电话线上网采用的技术是（）

A. FTTx
B. HFC
C. CATV
D. xDSL

答案：D

解析：

xDSL (Digital Subscriber Line)：数字用户线，是利用现有的电话双绞线进行宽带传输的技术（如 ADSL）。

FTTx：光纤接入。

HFC / CATV：利用有线电视网（同轴电缆）接入。

2.11 单选题

宽带光纤接入方式 FTTH，表示

A. 光纤到小区
B. 光纤到大楼
C. 光纤到路边
D. 光纤到户

答案：D

解析： FTTH 是 Fiber To The Home 的缩写，意为光纤到家（或光纤到户）。

FTTN (Fiber To The Neighborhood)：光纤到小区/邻里。

FTTB (Fiber To The Building)：光纤到大楼。

FTTC (Fiber To The Curb)：光纤到路边。

2.12 单选题

站点 A、B、C 通过 CDMA 共享链路，A、B、C 的码片序列分别是 (+1, +1, +1, +1) 、 (+1, -1, +1, -1) 和 (+1, +1, -1, -1) ，若 C 从链路上收到的序列是 (+2, +0, +2, +0, +0, -2, +0, -2, +0, +2, +0, +2) ，则 C 收到 A 发送的数据是（）

A. 000
B. 101
C. 110
D. 111

答案：B

解析： CDMA 系统中，要提取特定站点（如站点 A）的数据，需要将接收到的总信号序列与该站点的码片序列进行规格化内积运算。

总序列 S：(+2, +0, +2, +0, +0, -2, +0, -2, +0, +2, +0, +2)

A 的码片：(+1, +1, +1, +1)

码片长度：4

总序列长度为 12，说明发送了 3 个比特（12 / 4 = 3）。我们将 S 分为三段计算。

第1个比特（前4位）： $S_1 \cdot A / 4 = (2\times1 + 0\times1 + 2\times1 + 0\times1)/4 = 4/4 = 1$ 。

第2个比特（中4位）： $S_2 \cdot A / 4 = (0\times1 + (-2)\times1 + 0\times1 + (-2)\times1)/4 = -4/4 = -1$ （代表逻辑 0）。

第3个比特（后4位）： $S_3 \cdot A / 4 = (0\times1 + 2\times1 + 0\times1 + 2\times1)/4 = 4/4 = 1$ 。

结果为：1, 0, 1。

9 (18年考研34题) 单选题

下列选项中，不属于物理层接口规范定义范畴的是 ()

A. 机械特性
B. 功能特性
C. 物理地址
D. 电气特性

答案：C

解析： 物理层接口规范（DTE-DCE 接口）主要定义了四个方面的特性：

机械特性：如接口形状、插针数量（对应 A）。

电气特性：如电压范围、信号电平（对应 D）。

功能特性：如引脚的功能定义（对应 B）。

过程特性：事件发生的顺序。

C. 物理地址（即 MAC 地址）是数据链路层的概念，不属于物理层。

第三章数据链路层

3.1 单选题

数据链路层的主要功能是

A. 为终端用户提供端到端的传输服务
B. 为应用进程提供网络服务
C. 为分组在网络中的路由选择路径
D. 在两个相邻结点间的链路上传送以帧为单位的数据

答案：D

解析：

A 和 B 是传输层或应用层的功能。

C 是网络层（IP 层）的功能。

D. 在两个相邻结点间的链路上传送以帧为单位的数据：这是数据链路层的标准定义。

3.2 填空题

数据链路层协议有许多种，但有三个基本问题则是共同的，这三个基本问题是 [填空1]、[填空2] 和 [填空3]。

答案：封装成帧；透明传输；差错检测

解析：

封装成帧 (Framing)：在一段数据前后添加首部和尾部，确定帧的界限。

透明传输 (Transparent Transmission)：采取措施（如字节填充）解决数据中出现帧定界符导致误判的问题，确保任何数据都能传输。

差错检测 (Error Detection)：如使用 CRC 循环冗余校验，丢弃传输中出现误码的帧。

3.3 多选题

PPP 协议应满足的需求有

A. 简单
B. 封装成帧
C. 透明性
D. 差错检测
E. 支持多点线路
F. 支持多种网络层协议

答案：A, B, C, D, F

解析： IETF 在设计 PPP（点对点协议）时确定的主要需求包括：

简单（A）：这是首要需求。

封装成帧（B）：必须规定特殊的帧定界符。

透明性（C）：必须保证数据传输的透明性（如字节填充）。

多种网络层协议（F）：必须能在同一条物理链路上同时支持多种网络层协议（如 IP, IPX 等）。

差错检测（D）：必须能对接收端收到的帧进行检测（CRC）。

E 错误：PPP 是 Point-to-Point Protocol，明确是点对点的，不支持多点线路（那是总线型网络的需求）。

3.4 填空题

发送的数据为 101001 ，采用 CRC 的生成多项式是 $P(x)=x^3+x^2+1$ ，求添加在数据后面的余数是 [填空1]

答案：001

解析：

确定除数：生成多项式 $P(x)=x^3+x^2+1$ ，对应的二进制码为 1101 （系数为 1,1,0,1 ）。

确定被除数：发送数据为 $M=101001$ ，因为生成多项式的最高次幂是 3，所以在数据后面补 3 个 0，被除数变为 101001000 。

模2除法运算（异或运算）：

$101001000 / 1101$

第1步： $1010 \text{ XOR } 1101 = 0111$ ，余数 111 ；落下后一位 0 ，变为 1110 。

第2步： $1110 \text{ XOR } 1101 = 0011$ ，余数 11 ；落下后一位 1 ，变为 111 （不够除，商0）；再落后一位 0 ，变为 1110 。

第3步： $1110 \text{ XOR } 1101 = 0011$ ，余数 11 ；落下后一位 0 ，变为 110 （不够除）；再落后一位 0 ，变为 1100 。

第4步： $1100 \text{ XOR } 1101 = 0001 (001)$ \dots

结果：余数为 001。

3.5 填空题

一个 PPP 的数据部分（用十六进制写出）是 7D 5E FE 27 7D 5D 7D 5D 65 7D 5E。试问真正的数据是 [填空1] （用十六进制写出）。

答案：7E FE 27 7D 7D 65 7E

解析： PPP 协议在异步传输时使用字节填充法。转义字符是 0x7D。规则：

见到 7E，转义为 7D 5E。

见到 7D，转义为 7D 5D。

还原时：见到 7D，将其丢弃，并将后一个字节与 0x20 进行异或（XOR）运算。

还原过程：

7D 5E -> 丢弃 7D，5E XOR 20 = 7E

FE -> 保持不变 = FE

27 -> 保持不变 = 27

7D 5D -> 丢弃 7D，5D XOR 20 = 7D

7D 5D -> 丢弃 7D，5D XOR 20 = 7D

65 -> 保持不变 = 65

7D 5E -> 丢弃 7D，5E XOR 20 = 7E

最终结果：7E FE 27 7D 7D 65 7E

3.6 单选题

HDLC 协议对 01111100 01111110 组帧后对应的比特串为

A. 01111100 01111110
B. 01111100 01111101 0
C. 01111100 01111100 0
D. 01111100 01111101

答案：B

解析：
HDLC 采用零比特填充法（Bit Stuffing）来实现透明传输：只要发现 5 个连续的 1，就在其后插入一个 0。
原始数据：01111100 01111110

扫描第一段 011111...：发现 5 个 1，插入 0 0111110。

接下来的比特是 00 结果变为 011111000。

继续扫描 011111...：发现 5 个 1，插入 0 0111110。

接下来的比特是 10 结果变为 ...011111010。

组合起来：011111000 + 011111010 = 01111100011111010。对应选项 B（注：选项 B 中间有空格 01111100 01111101 0，去掉空格后与计算结果一致）。

3.7 多选题

局域网的拓扑结构主要有

A. 星形网
B. 环形网
C. 总线网
D. 树形网

答案：A, B, C, D

解析：
常见的局域网拓扑结构包括：

A. 星形：目前最主流的结构（使用集线器或交换机为中心）。

B. 环形：如令牌环网（Token Ring）。

C. 总线形：早期使用同轴电缆的以太网。

D. 多级星形（或树形）：通过交换机级联形成的扩展星形结构，广泛用于大型局域网。

3.8 多选题

局域网可使用的传输媒体有

A. 双绞线
B. 同轴电缆
C. 光纤
D. 无线信道

答案：A, B, C, D

解析： 局域网（LAN）技术发展至今，支持多种介质：

A. 双绞线：现代以太网最常用的介质（如 Cat5e, Cat6）。

B. 同轴电缆：早期以太网（如 10Base2, 10Base5）使用，现在主要用于有线电视网络接入。

C. 光纤：用于高速局域网或长距离连接（光纤以太网）。

D. 无线微波信道：无线局域网（WLAN/Wi-Fi）使用微波频段（2.4GHz, 5GHz）进行传输。

3.9 单选题

以太网采用的共享信道技术是

A. 频分复用
B. 时分复用
C. 随机接入
D. 受控接入

答案：C

解析： 以太网（Ethernet）使用 CSMA/CD（载波监听多点接入/碰撞检测）协议，这属于随机接入 (Random Access) 技术。

A. 频分复用 (FDM) 和 B. 时分复用 (TDM) 是静态划分信道技术。

D. 受控接入 (Controlled Access) 是如令牌环网（Token Ring）使用的技术。

3.10 单选题

网络适配器实现了体系结构中哪层的功能

A. 物理层
B. 数据链路层
C. 物理层和数据链路层
D. 网络层

答案：C

解析： 网络适配器（Network Adapter），通常指网卡（NIC）。它不仅要处理物理接口的电信号转换（物理层功能），还要处理帧的封装、解封、MAC地址识别以及CSMA/CD协议的执行（数据链路层功能）。因此它跨越了物理层和数据链路层。

3.11 单选题

从数据链路层发送的帧要包含物理地址，该地址是

A. 由用户指定的
B. 由网络管理员分配的
C. 存储在网卡 ROM 中的
D. 存储在网卡 RAM 中的

答案：C

解析： 物理地址即 MAC 地址（硬件地址）。

MAC 地址在生产时被固化在网卡的 ROM（只读存储器）中。

当计算机启动或网卡初始化时，该地址被读取，并由驱动程序（软件）将其放置在待发送帧的首部（MAC帧头）中。

选项 A 和 B 错误，因为 MAC 地址通常不是由高层软件任意或按规则构造的（那是逻辑地址/IP地址的特性），而是硬件固有的（尽管现代网卡允许软件修改欺骗，但题目考察的是标准原理）。

选项 D 错误，MAC 地址存储在 ROM 中，而不是 RAM（掉电丢失）中。

3.12 单选题

以太网的数据链路层协议是

A. PPP
B. CSMA/CA
C. CSMA/CD
D. CDMA

答案：C

解析：

CSMA/CD (Carrier Sense Multiple Access with Collision Detection)：载波监听多点接入/碰撞检测，是有线以太网（IEEE 802.3）的核心协议。

CSMA/CA：用于无线局域网（Wi-Fi, 802.11）。

CDMA：码分多址，主要用于移动通信网络（3G等）。

3.13 填空题

假定 1km 长的 CSMA/CD 网络的数据率为 1Gbit/s。设信号在网络上的传播速度为 200000km/s。能够使用此协议的最短帧长是 [填空1] 字节。

答案：1250

解析： CSMA/CD 协议为了保证碰撞检测（Collision Detection），要求最短帧长必须大于等于争用期内发送的比特数。

计算单程传播时间 ( $\tau$ )： $\tau = \text{Distance} / \text{Speed} = 1 \text{ km} / 200000 \text{ km/s} = 5 \times 10^{-6} \text{ s} = 5 \mu s$

计算争用期 ( $2\tau$ )： $2\tau = 2 \times 5 \mu s = 10 \mu s$

计算最短帧长 (bit)： $L_{min} = 2\tau \times \text{DataRate} = 10 \times 10^{-6} \text{ s} \times 1 \times 10^9 \text{ b/s} = 10000 \text{ bit}$

转换为字节 (Byte)： $10000 / 8 = 1250 \text{ Byte}$

3.14 多选题

所谓名字是指（），名字与系统所在地（）。

A. 资源的标识
B. 资源的地址
C. 与系统所在地有关
D. 与系统所在地无关

答案：A, D

解析： 这是一个关于分布式系统或网络体系结构中“命名、寻址和路由”的经典定义：

名字 (Name)：标识所要寻找的资源是什么（What）。

地址 (Address)：标识资源在何处（Where）。

路由 (Route)：标识如何到达该处（How）。

理想情况下，名字应该是位置无关的（即与系统所在地无关），这样即使资源移动了位置（地址变了），名字依然有效。

3.15 多选题

用集线器扩展以太网，可以

答案：A, B

解析： 集线器（Hub）工作在物理层。

A. 扩大网络覆盖的地理范围：正确，集线器作为中继器，可以对信号进行整形放大，延长传输距离。

B. 增大碰撞域：正确（但这通常是缺点）。集线器将多个网段连成一个更大的网段，所有连接的设备属于同一个碰撞域（冲突域）。

C. 提高吞吐量：错误。集线器是共享带宽设备，连接的设备越多，每个设备分到的平均带宽越小，总吞吐量受限于碰撞，不会提高。

D. 互连不同数据率的网络：错误。集线器无法缓存数据，不能连接速率不同的网段（如 10Mb/s 和 100Mb/s 不能直接用 Hub 连）。

3.16 单选题

以太网交换机进行转发决策时使用的 PDU 地址是

A. 目的物理地址
B. 源物理地址
C. 目的 IP 地址
D. 源 IP 地址

答案：A

解析： 接上一题（3.17）的解析：

转发决策：交换机在转发表中查找帧的目的物理地址 (Destination MAC)。如果找到，就从对应端口转发；如果没找到，就向除入端口外的所有端口广播（泛洪）。

3.17 单选题

以太网交换机构建转发表时使用的 PDU 地址是

A. 目的物理地址
B. 目的 IP 地址
C. 源物理地址
D. 源 IP 地址

答案：C

解析：
交换机通过自学习算法建立转发表（MAC地址表）：

学习过程：当交换机收到一个帧时，它查看帧的源物理地址 (Source MAC)，并将该地址与接收到该帧的端口号进行映射记录。

转发过程：当交换机转发帧时，才查看目的物理地址。

题目问的是“构建”转发表，因此依据是源物理地址。

3.18 单选题

下列关于虚拟局域网 VLAN 的描述，错误的是

A. VLAN 是基于逻辑分组的，不受物理位置限制
B. VLAN 帧会插入一个包含 VLAN ID 的 Tag
C. 虚拟局域网 (VLAN) 是一种新型的局域网
D. VLAN 能够限制广播域

答案：C

解析：

A 正确：VLAN 是基于逻辑分组的，不受物理位置限制。

B 正确：在 802.1Q 标准中，VLAN 帧会插入一个 Tag，其中包含 VLAN ID（标识符）。

C 错误：虚拟局域网（VLAN）并不是一种新型的局域网（即它不是像以太网、令牌环网那样的新物理层/链路层技术），而是在现有的局域网技术上，通过软件配置实现的一种管理功能或服务。

D 正确：VLAN 是局域网提供给用户的一种服务，用于分割广播域。

3.19 单选题

对于 100Mbps 的以太网交换机，当输出端口无排队，以直通交换 (cut-through switching) 方式转发一个以太网帧（不包括前导码）时，引入的转发延迟至少是

A. 0.48 ms
B. 0.48 $\mu s$
C. 48 $\mu s$
D. 4.8 $\mu s$

答案：B

解析： 直通交换（Cut-through）是指交换机只要接收到帧的目的 MAC 地址，就开始转发，而不需要等到整个帧接收完毕。

以太网帧的目的 MAC 地址位于帧的最前端，长度为 6 字节（48比特）。

带宽为 100Mbps。

延迟计算： $t = \text{AddressSize} / \text{Bandwidth} = 48 \text{ bit} / (100 \times 10^6 \text{ bps}) = 0.48 \times 10^{-6} \text{ s} = 0.48 \mu s$ 。

3.20 填空题

假定在使用 CSMA/CD 协议的 10Mb/s 以太网中某个站在发送数据时检测到碰撞，执行退避算法时选择了随机数 r = 100。试问这个站需要等待多少 $\mu s$ 后才能再次发送数据？ [填空1] 如果是 100Mb/s 的以太网呢？ [填空2] $\mu s$

答案：5120；512

解析：
以太网采用截断二进制指数退避算法。退避时间 = 基本退避时间 $\times$ 随机数 $r$ 。基本退避时间取值为争用期（Slot time），即 512 比特时间（ $2\tau$ ）。

对于 10Mb/s 以太网：

1个比特时间 = $1 / 10 \text{ Mb/s} = 0.1 \mu s$

争用期（Slot time）= $512 \times 0.1 \mu s = 51.2 \mu s$

等待时间 = $r \times 51.2 \mu s = 100 \times 51.2 = 5120 \mu s$

对于 100Mb/s 以太网：

1个比特时间 = $1 / 100 \text{ Mb/s} = 0.01 \mu s$

争用期（Slot time）= $512 \times 0.01 \mu s = 5.12 \mu s$

等待时间 = $r \times 5.12 \mu s = 100 \times 5.12 = 512 \mu s$

14 (18年考研34题) 单选题

在 ISO/OSI 参考模型中，实现两个相邻结点间流量控制功能的是 ( )。

A. 物理层
B. 数据链路层
C. 网络层
D. 传输层

答案：B

解析：

数据链路层 (Data Link Layer)：负责在两个相邻结点（node-to-node）间的链路上无差错地传送以帧为单位的数据，其功能包括流量控制、差错控制等。

传输层：负责端到端（end-to-end）的流量控制。

网络层：主要负责路由选择和拥塞控制。

第四章网络层

4.1 填空题

网络层提供的两种服务，分别是面向连接的 [填空1] 服务和无连接的 [填空2] 服务。

答案：虚电路；数据报

解析： 在计算机网络网络层的设计争论中（如 OSI 与 TCP/IP），主要有两种服务模型：

虚电路 (Virtual Circuit)：仿照电话网络，面向连接，保证顺序和可靠性（OSI 早期推崇）。

数据报 (Datagram)：IP 协议采用的模型，无连接，尽最大努力交付，不保证顺序和可靠性。

4.2 填空题

在网络互连的中继系统中，中继器处于 OSI/RM 的 [填空1] 层，网桥和交换机处于 [填空2] 层，路由器处于 [填空3] 层。

答案：物理；数据链路；网络

解析：

中继器 (Repeater) / 集线器 (Hub)：只处理电信号的放大整形，工作在物理层。

网桥 (Bridge) / 二层交换机 (Switch)：基于 MAC 地址转发帧，工作在数据链路层。

路由器 (Router)：基于 IP 地址进行路由选择，工作在网络层。

4.3 填空题

试辨认以下 IP 地址的网络类别。 (1) 128.36.199.3 是 [填空1] 类地址 (2) 21.12.240.17 是 [填空2] 类地址 (3) 192.12.69.248 是 [填空3] 类地址 (4) 89.3.0.1 是 [填空4] 类地址 (5) 230.3.6.2 是 [填空5] 类地址

答案：B；A；C；A；D

解析： 根据 IP 地址第一字节（十进制）的数值来判断类别：

A类：1 ~ 126

B类：128 ~ 191

C类：192 ~ 223

D类（组播）：224 ~ 239

E类（保留）：240 ~ 255

对应分析： (1) 128 在 B 类范围内。 (2) 21 在 A 类范围内。 (3) 192 在 C 类范围内。 (4) 89 在 A 类范围内。 (5) 230 在 D 类范围内。

4.4 单选题

网络 222.15.64.0/20 的地址范围是

A. 222.15.64.0 ~ 222.15.79.255
B. 222.15.64.0 ~ 222.15.64.255
C. 222.15.64.0 ~ 222.15.127.255
D. 222.15.0.0 ~ 222.15.255.255

答案：A

解析：

网络地址：222.15.64.0

子网掩码：/20。这意味着前 20 位是网络号。

分析第三字节：64 = 0100 0000。

/20 覆盖了第三字节的前 4 位（8+8+4=20）。

第三字节的主机位部分是后 4 位（全0到全1）。

块大小 = $2^{8-4} = 2^4 = 16$ 。

范围起点：64 (0100 0000)

范围终点：64 + 16 - 1 = 79 (0100 1111)

完整范围：222.15.64.0 到 222.15.79.255。

注：题目问的是“地址范围”，通常指整个 CIDR 块的范围。如果要问“可用主机范围”，则应排除首尾。选项 A 包含了首尾，最符合“地址块范围”的定义。

4.5 填空题

有如下 4 个 /24 地址块, 聚合后的地址为 [填空1] / [填空2]。

答案：212.56.132.0；22

解析： 需要进行路由聚合 (CIDR Supernetting)。观察第三个字节：

132 = 1000 0100

133 = 1000 0101

134 = 1000 0110

135 = 1000 0111

找出共同前缀：前 6 位是相同的 (1000 01)。

聚合后的前缀长度 = 前两个字节 (8+8) + 第三字节共同部分 (6) = 22。

聚合后的网络地址 = 保持共同前缀不变，后面补 0 212.56.132.0。

4.6 填空题

一个 3200bit 长的 TCP 报文传到 IP 层，加上 160bit 的首部后成为数据报。下面的互联网由两个局域网通过路由器连接起来。但第二个局域网所能传送的最长数据帧中的数据部分只有 1200bit。因此数据报在路由器必须进行分片。试问需要分成几个片？ [填空1] 第二个局域网向其上层要传送多少比特的数据？ [填空2]

答案：4；3840

解析：

计算分片数：

原始数据（Payload）= 3200 bit。

第二个局域网 MTU（最大 IP 分组长度）= 1200 bit。

IP 首部 = 160 bit (20 字节)。

每个分片最大数据载荷 = $1200 - 160 = 1040$ bit。

注意：IP 分片的数据长度必须是 8 字节 (64 bit) 的倍数。

$1040 / 64 = 16.25$ ，向下取整为 16。

实际每个分片最大数据载荷 = $16 \times 64 = 1024$ bit。

分片数量 = $\lceil 3200 / 1024 \rceil = 4$ 片（前 3 片 1024 bit，第 4 片 128 bit）。

计算总传输比特数：

即第二个局域网上传输的所有 IP 分片（首部+数据）的总和，这些数据最终会被目的主机的 IP 层接收并向上传送。

总数据位 = 3200 bit。

总首部位 = $4 \times 160 = 640$ bit。

总比特数 = $3200 + 640 = 3840$ bit。

4.7 填空题

设 IP 数据报使用固定首部，其各字段的值（十六进制表示）如下表所示… 对其进行反码算术运算求和结果为 0x2CADD，其填入校验和字段的值为 ox [填空1]。

答案：3520

解析： IP 首部校验和的计算步骤如下：

求和：将首部划分为多个 16 位的序列进行求和。题目已知反码算术运算求和（累加器中的值）为 0x2CADD。

由于是 16 位运算，0x2CADD 中的高位 2 是进位。

需要将进位加回低位：0xCADD + 0x0002 = 0xCADF。

取反：校验和是和的反码（按位取反）。

~0xCADF

二进制：~ (1100 1010 1101 1111) = 0011 0101 0010 0000

十六进制：3520

4.8 多选题

当路由器转发一个 IP 数据报时，可能改变首部中的哪些字段。

A. 版本
B. 首部长度
C. 服务类型 (TOS)
D. 总长度
E. 标识 (Identification)
F. 标志 (Flags)
G. 片偏移 (Fragment Offset)
H. 生存时间 (TTL)
I. 协议
J. 首部校验和
K. 源 IP 地址
L. 目的 IP 地址

答案：D, F, G, H, J

解析：
当路由器转发 IP 数据报时：

必变字段：

H. 生存时间 (TTL)：每经过一个路由器减 1。

J. 首部校验和：因为 TTL 变了，校验和必须重新计算。

可能改变字段（如果需要分片）：

D. 总长度：分片后，每个片的数据量变小。

F. 标志 (Flags)：MF 位可能被置 1。

G. 片偏移 (Fragment Offset)：后续分片会有非 0 的偏移量。

题目问的是“可能改变”，因此应包含分片相关的字段。IP 地址（K, L）在普通路由转发中不变（除非是 NAT，见下题）。

4.9 单选题

某路由器路由表如下图所示，若路由器收到一个目的地址为 169.96.40.5 的 IP 分组，则转发该 IP 分组的接口是

A. S0
B. S1
C. S3
D. E0

答案：C

解析：
路由器转发分组时遵循最长前缀匹配 (Longest Prefix Match) 原则。目的 IP：169.96.40.5

检查 S1 (169.96.40.0/23)：范围是 40.0 - 41.255。匹配。前缀长度 23。

检查 S2 (169.96.40.0/25)：范围是 40.0 - 40.127。匹配。前缀长度 25。

检查 S3 (169.96.40.0/27)：范围是 40.0 - 40.31。匹配（5 在 0-31 之间）。前缀长度 27。

检查 S4 (0.0.0.0/0)：默认路由。匹配。前缀长度 0。

比较前缀长度：27 > 25 > 23 > 0。因此选择匹配长度最长的 S3 接口。

4.10 单选题

以下命令，哪个使用了 ICMP 的回送请求及回答报文？

A. Config
B. Telnet
C. Tracert
D. Ping

答案：D

解析：

Ping：利用 ICMP Echo Request（回送请求）和 ICMP Echo Reply（回送回答）报文来测试连通性。

Tracert (Windows)：主要利用 ICMP 超时报文（Time Exceeded）和回送请求。

Telnet：应用层协议，基于 TCP。

Config：通常指配置命令（如 ipconfig），不直接发送网络报文。

4.11 填空题

路由选择算法按其是否具有自适应性，可分为 [填空1] 路由选择策略和 [填空2] 路由选择策略。

答案：静态（或非自适应）；动态（或自适应）

解析：

静态路由 (Static Routing)：由管理员手动配置，不能随网络状况变化而自动调整，属于非自适应。

动态路由 (Dynamic Routing)：路由器间运行协议自动交换信息，能根据网络拓扑或流量变化自动调整，属于自适应。

4.12 填空题

路由器的结构可划分为两大部分：[填空1] 部分 (控制层面) 和 [填空2] 部分 (数据层面)。

答案：路由选择；分组转发

解析：
路由器的体系结构通常分为：

路由选择部分 (Routing selection)：也称控制层面（Control Plane），负责运行路由协议（如 RIP, OSPF, BGP），计算路由表。

分组转发部分 (Packet forwarding)：也称数据层面（Data Plane），负责根据转发表将进入的分组从合适的端口转发出去（交换结构）。

4.13 综合题

给出 R2 的路由表，要求包括到达图中所有子网的路由，且路由表中的路由项尽可能少。 4.13题

答案： R2 路由表

目的网络 (Destination)	下一跳 (Next Hop)	接口 (Interface)
153.14.5.0/24	153.14.3.2	S0
194.17.20.0/23	194.17.24.2	S1
194.17.20.128/25	- (直接交付)	E0

(注：如果考试要求极其严格，必须列出互连链路网段，可补充 153.14.3.0/xx 和 194.17.24.0/xx 为直连路由，但通常聚合题主要关注主机所在的子网)

解析： 题目要求“路由项尽可能少”，这意味着我们需要进行路由聚合 (Route Aggregation/CIDR)。 1. 分析 AS1 方向（向上，通过 S0 接口）

目标子网：153.14.5.0/25 和 153.14.5.128/25。

二进制计算：

5.0 -> 00000101.0xxxxxxx

5.128 -> 00000101.1xxxxxxx

聚合结果：前 24 位相同，合并为 153.14.5.0/24。

下一跳：图中 R1 的接口 IP 为 153.14.3.2。

2. 分析 AS2 方向（向下，通过 S1 接口）与本地 E0

目标子网（在 R3 后）：194.17.20.0/25 和 194.17.21.0/24。

本地直连子网（在 E0）：194.17.20.128/25。

聚合计算：

20.0 -> 00010100.0xxxxxxx (R3)

20.128 -> 00010100.1xxxxxxx (本地 R2)

21.0 -> 00010101.xxxxxxxx (R3)

观察第三字节：20 (00010100) 和 21 (00010101) 的前 7 位相同。

这意味着可以用 194.17.20.0/23 来覆盖 20.x 和 21.x 的所有地址。

路由策略：

在路由表中添加一条聚合路由 194.17.20.0/23 指向 R3（下一跳 194.17.24.2）。

同时保留本地直连路由 194.17.20.128/25 指向 E0。

为什么这样行得通？ 根据最长前缀匹配 (Longest Prefix Match) 原则：

去往 194.17.20.130 (本地) 的包，匹配 /25（更长），走 E0。正确。

去往 194.17.20.10 (R3) 的包，不匹配 /25，匹配 /23，走 S1。正确。

去往 194.17.21.5 (R3) 的包，匹配 /23，走 S1。正确。

这样只用 1 条静态路由就能覆盖 AS2 的两个网段，符合“路由项尽可能少”的要求。

4.14 单选题

某自治系统采用 RIP 协议，若该自治系统内的路由器 R1 收到其邻居路由器 R2 的距离矢量中包含信息 <net1, 16>，则可能得出的结论是

A. R1 可以经过 R2 到达 net1，距离为 17
B. R1 可以经过 R2 到达 net1，距离为 16
C. R2 可以到达 net1，距离为 16
D. R1 不能经过 R2 到达 net1

答案：D

解析： RIP 协议使用“跳数”（Hop Count）来衡量到达目的网络的距离。

RIP 规定，一条路径最多包含 15 个路由器。

距离 16 表示不可达（即无穷大）。

当 R2 告诉 R1 “我到 net1 的距离是 16”时，意味着 R2 自己无法到达 net1。

因此，R1 肯定不能通过 R2 到达 net1（如果硬要算，距离会变成 16+1=17，依然不可达）。

4.16 填空题

网络如下图所示。假定路由器 R1 要把 H1 发往 128.1.2.16/29 的分组从接口 4 转发出去，而把 H2 发往 128.1.2.16/29 的分组从接口 3 转发出去，可以吗？ [填空1] (可以，不可以)。如果可以，路由器 R1 的转发表中应有网络前缀：[填空2] 和转发接口：[填空3]。如果不可以，填“无”。 4.16题答案：不可以；无；无

解析：

IP 路由的核心原则：标准的 IP 路由是基于目的地址（Destination-Based Routing）的。路由器只检查数据包头部中的“目的 IP 地址”，并在转发表中查找匹配的条目来决定下一跳。

本题场景：H1 和 H2 发送的分组，其目的地址都是 H3 所在的网络 128.1.2.16/29。

冲突：对于路由器 R1 来说，针对同一个目的网络 128.1.2.16/29，转发表中只能有一个最佳匹配的出口（或者在负载均衡/多路径路由时随机/轮询选择，但不能指定“H1 走 A，H2 走 B”）。

结论：普通的路由表无法根据源地址（H1 或 H2）来区分转发路径。要实现题目描述的功能，需要使用策略路由 (Policy-Based Routing, PBR)，但这是高级特性，不属于标准 IP 路由转发的范畴。因此在常规考题背景下，答案是不可以。

4.17 填空题

将零压缩的 IPv6 地址 123::1:2 写成原来的形式 [填空1]。

答案：0123:0000:0000:0000:0000:0000:0001:0002

解析： IPv6 地址共 128 位，由 8 组 4 位十六进制数组成。

:: 代表一连串的 0。

现有部分：123 (第 1 组) 和 1:2 (最后 2 组)。共 3 组。

缺失部分：组。

因此 :: 展开为 5 组 0000。

补全前导零：123 0123，1 0001，2 0002。

结果：0123:0000:0000:0000:0000:0000:0001:0002。

4.18 多选题

当 NAT 路由器从专用网向公网转发一个 IP 数据报时，可能改变首部中的哪些字段。

A. 版本
B. 首部长度
C. 服务类型
D. 总长度
E. 标识
F. 标志
G. 片偏移
H. 生存时间 (TTL)
I. 协议
J. 首部校验和
K. 源 IP 地址
L. 目的 IP 地址

答案：H, J, K

解析：
NAT（网络地址转换）路由器在转发时：

K. 源 IP 地址：会将专用网（私有）IP 替换为公网 IP。

H. 生存时间 (TTL)：作为路由器，转发时 TTL 必须减 1。

J. 首部校验和：IP 地址和 TTL 都变了，校验和必须重算。

（注：目的 IP 地址通常在从公网回专用网时改变）。

第五章运输层

5.1 单选题

操作系统给每一个进程都分配有唯一的进程号 ID，以下哪个不是网络通信使用端口号而不使用进程号 ID 标识应用进程的原因。

A. 进程号不仅具有本地意义，而且是动态变化的
B. 不同操作系统进程号格式不同
C. 通信双方无法事先得知对方的 PID
D. 进程号只具有本地意义

答案：D

解析： 这是一个经典的概念题。不使用进程号（PID）而使用端口号的原因主要有：

进程号不仅具有本地意义，而且是动态变化的（对应 A、B）：操作系统启动不同进程的顺序不同，PID 就会不同；不同操作系统 PID 格式也不同。网络协议需要一种标准的、静态的标识符。

通信双方无法事先得知对方的 PID（对应 C）：客户端不知道服务器进程当前的 PID 是多少，但知道它监听的“熟知端口”（如 HTTP 80）。

关于 D：虽然“进程号只具有本地意义”这句话本身是对的，但端口号也只具有本地意义（标识本地主机上的某个服务）。因此，D 选项描述的特性是两者共有的，并不是“弃用 PID 选用端口”的区别性原因。我们选用端口是因为它的标准化和独立于 OS 进程管理的特性。

5.2 单选题

下列关于 UDP 协议的叙述中，正确的是 ( ) I. UDP 是无连接的传输层协议，发送数据前不需要建立连接。 II. UDP 支持复用（多个应用进程通过不同端口发送数据）和分用（接收端根据端口号将数据交付给不同进程）。 III. UDP 虽然有校验和，但提供可靠传输。

A. 仅 I
B. 仅 I、II
C. 仅 II、III
D. I、II、III

答案：B

解析：

I 正确：UDP 是无连接的传输层协议，发送数据前不需要建立连接。

II 正确：UDP 支持复用（多个应用进程通过不同端口发送数据）和分用（接收端根据端口号将数据交付给不同进程）。

III 错误：UDP 虽然有校验和（Checksum），但如果校验出错误，它通常只是简单地丢弃该数据报，不提供重传机制，因此它不能保障可靠数据传输。可靠传输是 TCP 的特性。

综上，仅 I 和 II 正确。

5.3 单选题

以下关于 IP 和 UDP 协议计算检验和说法，正确的是

A. IP 协议和 UDP 协议都只计算首部检验和
B. IP 协议和 UDP 协议都计算数据部分检验和
C. IP 协议只计算数据部分检验和，UDP 协议计算首部检验和
D. IP 协议只计算首部检验和，UDP 协议计算首部和数据部分检验和

答案：D

解析：

IP 协议：IP 数据报在网络层每经过一个路由器，TTL（生存时间）都会减 1，因此首部会发生变化。为了减少路由器的处理开销，IP 协议只对首部计算检验和，不检查数据部分。

UDP 协议：UDP 提供端到端的传输，为了保证数据的完整性，UDP 的检验和覆盖首部、伪首部以及数据部分。

5.5 单选题

每一条 TCP 连接唯一地被通信两端的两个端点所确定，即 TCP 连接 ::=

A. {socket1, socket2}
B. {socket1, socket2} = {(IP1: port1), (IP2: port2)}
C. {IP1, IP2}
D. {port1, port2}

答案：B

解析： TCP 连接是端到端的，由通信两端的**套接字（Socket）**唯一确定。

套接字 = (IP地址 : 端口号)。

因此，一条 TCP 连接可以表示为：{ (IP1 : port1), (IP2 : port2) }。

选项 A 格式错误，将 IP 和端口分开组合了。

选项 C 和 D 搭配错乱。

5.6 简答题

主机 A 向主机 B 连续发送了两个 TCP 报文段，其序号分别是 70 和 100。试问： (1) 第一个报文段携带的数据有多少字节？ (2) 主机 B 收到第一个报文段后发回的确认中的确认号应当是多少？ (3) 如果 B 收到第二个报文段后发回的确认中的确认号是 180，试问第二个报文段的数据有多少字节？ (4) 如果第一个报文段丢失了，但第二个报文段到达了 B。B 在第二个报文段到达后向 A 发送的确认号是多少？

答案：

30
100
80
70

解析：

(1)：第一个报文段序号 70，第二个报文段序号 100。说明第一个报文段携带的数据长度 = $100 - 70 = 30$ 字节。

(2)：B 收到第一个报文段（70-99）后，期待下一个字节是 100，因此确认号（Ack）为 100。

(3)：B 收到第二个报文段后确认号是 180。说明第二个报文段结束于 179。数据长度 = $180 - 100 = 80$ 字节。

(4)：TCP 使用累积确认。如果第一个报文段（70-99）丢失，即使收到了第二个（100-179），B 仍然处于等待 70 的状态。因此 B 发送的确认号依然是它期待的第一个字节号，即 70。

5.7 填空题

设 $\alpha = 0.1$ 。已知 TCP 的往返时延的当前值是 30ms。现在收到了三个接连的确认报文段… 试计算新的估计的往返时延值 $RTT_S$ 分别是 [填空1] ms，[填空2] ms，[填空3] ms。

答案：29.6；29.84；29.26 (保留两位小数)

解析： 计算公式：新 $RTT_S$ = $(1 - \alpha) \times$ 旧 $RTT_S$ $+ \alpha \times$ 新 $RTT$ 样本 $\alpha = 0.1$ ，所以公式为： $RTT_S = 0.9 \times Old + 0.1 \times Sample$ 。

第一个样本 26ms： $RTT_1 = 0.9 \times 30 + 0.1 \times 26 = 27 + 2.6 = 29.6 \text{ ms}$

第二个样本 32ms（使用上一步更新后的 RTT 作为旧值）： $RTT_2 = 0.9 \times 29.6 + 0.1 \times 32 = 26.64 + 3.2 = 29.84 \text{ ms}$

第三个样本 24ms（使用上一步更新后的 RTT 作为旧值）： $RTT_3 = 0.9 \times 29.84 + 0.1 \times 24 = 26.856 + 2.4 = 29.256 \approx 29.26 \text{ ms}$

8 (14年考研33题) 单选题

在 OSI 参考模型中，直接为会话层提供服务的是 ()

A. 应用层
B. 表示层
C. 传输层
D. 网络层

答案：C

解析： OSI 模型遵循下层为上层服务的原则。

第 7 层：应用层

第 6 层：表示层

第 5 层：会话层

第 4 层：传输层

因此，传输层直接为会话层提供服务。

第六章应用层

6.1 填空题

互联网采用了 [填空1] 结构的命名方法。并使用 [填空2] 式的域名系统 DNS。域名系统 DNS 只能进行域名到 IP 地址的解析吗？ [填空3] (是、否)

答案：层次（或层次树状）；分布；否

解析：

互联网采用层次树状 (Hierarchical) 命名空间（如 .com）。

DNS 系统是分布式 (Distributed) 数据库系统，没有一台机器存储所有域名信息。

DNS 不仅解析域名到 IP（A记录），还可以查询邮件服务器别名（MX记录）、主机别名（CNAME记录）等，因此填否。

6.2 单选题

以下哪种类型的域名服务器又称为默认域名服务器

答案：D

解析：

本地域名服务器 (Local Name Server)：当一个主机发出 DNS 查询请求时，这个查询请求报文首先是发送给本地域名服务器的。因此，本地域名服务器也称为默认域名服务器。

根域名服务器、顶级域名服务器和权限域名服务器是 DNS 层次结构中的高层服务器，用于在本地解析失败时进行迭代或递归查询。

6.3 填空题

当主机进行域名查询时，主机向本地域名服务器的查询一般都是采用 [填空1] 查询方式，本地域名服务器向根域名服务器的查询通常是采用 [填空2] 查询方式。

答案：递归；迭代

解析：

主机本地域名服务器：采用递归查询 (Recursive Query)。即“你（本地服务器）帮我查，我只要结果”。如果本地服务器不知道，它负责去问别人，最后把结果回传给主机。

本地域名服务器根域名服务器：采用迭代查询 (Iterative Query)。即“你（根服务器）告诉我下一步该问谁”，根服务器不负责帮本地服务器跑腿，只返回下一级服务器的地址（如 .com 服务器），让本地服务器自己去问。

6.4 填空题

在进行文件传输时，FTP 的客户进程先与服务器进程之间建立 TCP 连接，即 [填空1] 连接，服务器进程熟知端口号为 [填空2]。接着，服务器进程与客户进程所提供的端口号建立 [填空3] 连接，此时服务器进程的熟知端口号为 [填空4]。

答案：控制；21；数据；20

解析： FTP 使用两个并行的 TCP 连接：

控制连接 (Control Connection)：用于传输命令和响应（如登录、目录变更）。服务器端使用熟知端口 21。该连接在整个会话期间保持打开。

数据连接 (Data Connection)：用于实际传输文件内容。在主动模式（Port Mode）下，服务器使用熟知端口 20 主动连接客户端的数据端口。

6.5 多选题

一个资源的 URL 表示为 http://www.ctrip.com:80/index.htm 以下选项中，哪些是其省略后的有效表示

答案：A, B

解析： URL 的标准格式为 协议://主机:端口/路径。

端口省略：HTTP 协议的默认端口是 80，可以省略。

路径省略：如果访问的是根目录下的默认文件（如 index.htm 或 index.html），路径通常可以省略（或仅保留 /）。

选项分析：

A http://www.ctrip.com:80：省略了文件名，指向默认主页，有效。

B http://www.ctrip.com：省略了端口和文件名，指向默认主页，有效。

C www.ctrip.com 和 D ctrip.com：虽然在现代浏览器地址栏输入后会自动跳转，但从严格定义上讲，它们是域名，缺少 URL 必须的协议部分（scheme，即 http://），因此不是标准的 URL 表示。

6.6 单选题

某浏览器发出的 HTTP 请求报文如下：

GET /index.html HTTP/1.1
Host: www.test.edu.cn
Connection: Close
Cookie: 123456

下列叙述中，错误的是

A. 该浏览器请求浏览 index.html
B. Host 字段指明了资源所在的主机
C. Connection 字段表示使用持续连接
D. Cookie 字段是浏览器发送给服务器的身份标识

答案：C

解析：

报文内容：GET /index.html HTTP/1.1，Host: www.test.edu.cn，Connection: Close，Cookie: 123456。

A 正确：GET /index.html 表示请求浏览 index.html。

B 正确：Host 字段指明了资源所在的主机。

C 错误：报文中 Connection: Close 明确表示使用非持续连接（Non-persistent），即服务器发送完响应后会立即关闭 TCP 连接。如果是持续连接，应为 Keep-Alive。

D 正确：Cookie: 123456 是浏览器发送给服务器的，说明之前浏览器访问过该网站，服务器给它颁发过 Cookie，现在浏览器再次访问时带上了这个身份标识。

6.7 多选题

一台连接到互联网的主机，至少要进行以下哪些配置。

A. 物理地址
B. IP 地址
C. 默认网关
D. 域名服务器

答案：B, C, D

解析： 要使主机能正常访问互联网（浏览网页等），通常需要配置 IP 四要素中的三个（MAC通常是固化的）：

B. IP 地址：主机的唯一标识。

C. 默认网关：用于将数据包发送到本网段之外（即访问互联网）。

D. 域名服务器 (DNS)：用于将网址（域名）解析为 IP 地址。

A. 物理地址 (MAC) 是网卡出厂时烧录的，通常不需要用户手动配置。

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第一章 概述

第一章 概述#

1.1 单选题#

1.2 单选题#

1.3 填空题#

1.4 填空题#

1.5 单选题#

1.6 多选题#

1.7 单选题#

第二章 物理层#

2.1 填空题#

2.2 填空题#

2.3 单选题#

2.4 单选题#

2.5 单选题#

2.6 多选题#

2.7 单选题#

2.8 单选题#

2.9 多选题#

2.10 单选题#

2.11 单选题#

2.12 单选题#

9 (18年考研34题) 单选题#

第三章 数据链路层#

3.1 单选题#

3.2 填空题#

3.3 多选题#

3.4 填空题#

3.5 填空题#

3.6 单选题#

3.7 多选题#

3.8 多选题#

3.9 单选题#

3.10 单选题#

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3.13 填空题#

3.14 多选题#

3.15 多选题#

3.16 单选题#

3.17 单选题#

3.18 单选题#

3.19 单选题#

3.20 填空题#

14 (18年考研34题) 单选题#

第四章 网络层#

4.1 填空题#

4.2 填空题#

4.3 填空题#

4.4 单选题#

4.5 填空题#

4.6 填空题#

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4.9 单选题#

4.10 单选题#

4.11 填空题#

4.12 填空题#

4.13 综合题#

4.14 单选题#

4.16 填空题#

4.17 填空题#

4.18 多选题#

第五章 运输层#

5.1 单选题#

5.2 单选题#

5.3 单选题#

5.5 单选题#

5.6 简答题#

5.7 填空题#

8 (14年考研33题) 单选题#

第六章 应用层#

6.1 填空题#

6.2 单选题#

6.3 填空题#

6.4 填空题#

6.5 多选题#

6.6 单选题#

第一章概述

第一章概述

1.1 单选题

1.2 单选题

1.3 填空题

1.4 填空题

1.5 单选题

1.6 多选题

1.7 单选题

第二章物理层

2.1 填空题

2.2 填空题

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2.5 单选题

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第三章数据链路层

3.1 单选题

3.2 填空题

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5.1 单选题

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第六章应用层

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